14-最长公共前缀(二分、分治)

14. 最长公共前缀

法一:横向扫描

用 $LCP(S_1,…,S_n)$ 表示字符串 $S_1,…,S_n$的最长公共前缀,可得

基于该结论可得到一种查找字符串数组中的最长前缀的简单方法。依次遍历字符串中的每个字符串。对于每个遍历到的字符串,更新最长公共前缀,当遍历完所有的字符串以后,即可得到字符串数组中的最长公共前缀。

如果在尚未遍历完所有的字符串时,最长公共前缀已经是空串,则最长公共前缀一定是空串,因此不需要继续遍历

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class Solution {
public String longestCommonPrefix(String[] strs) {
if(strs == null || strs.length==0){
return "";
}

String prefix = strs[0];
int count = strs.length;


for(int i = 1;i < count;i++){
prefix = longestCommonPrefix(prefix, strs[i]);
if(prefix.length() == 0){
break;
}
}
return prefix;
}

public String longestCommonPrefix(String str1, String str2){
int length = Math.min(str1.length(), str2.length());
int index = 0;
while(index<length && str1.charAt(index) == str2.charAt(index)){
index++;
}
return str1.substring(0,index);
}

}
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class Solution:
def longestCommonPrefix(self, strs: List[str]) -> str:
if not strs:
return ""

prifix , count = strs[0], len(strs)

for i in range(1,count):
prifix = self.lcp(prifix, strs[i]);
if not prifix:
break
return prifix

def lcp(self, str1,str2):
length, index = min(len(str1), len(str2)), 0
while index < length and str1[index] == str2[index]:
index+=1
return str1[:index]

复杂度:

  • 时间$O(mn)$ m是字符串数组中的字符串的平均长度,n是字符串的数量。最坏情况下,字符串数组中的每个字符串的每个字符都会被比较一次。
  • 空间 $O(1)$

法二:纵向扫描

方法一是横向扫描,依次遍历每个字符串,更新最长公共前缀。另一种方法是纵向扫描。

纵向扫描时,从前往后遍历所有字符串的每一列,比较相同列上的字符是否相同。

如果相同则继续对下一列进行比较,如不相同则当前列不再属于公共前缀,当前列之前的部分为最长。

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class Solution {
public String longestCommonPrefix(String[] strs) {
if(strs==null || strs.length==0){
return "";
}
int length = strs[0].length();
int count = strs.length;

for(int i=0;i<length;i++){
char c = strs[0].charAt(i);
for(int j=1;j<count;j++){
if(i==strs[j].length() || strs[j].charAt(i)!=c){
return strs[0].substring(0,i);
}
}
}
return strs[0];
}
}

复杂度分析

  • 时间复杂度 $O(mn)$ 其中 m 是字符串数组中的字符串的平均长度,n是字符串的数量
  • 空间 $O(1)$

方法三:分治

注意到 LCP 的计算满足结合律,有以下结论:

其中$LCP(S_1,…,S_n)$ 是字符串 $S_1,…,S_n$ 的最长公共前缀,$1<k<n$

基于上述结论,可以使用分治法得到字符串数组中的最长公共前缀。对于问题 $LCP(Si,…,S_j)$,可以分解成两个子问题 $LCP(S_i,…,S{mid})$ 与$LCP(S_{mid+1},…,S_j)$

其中 $mid = \frac{i+j}{2}$ 对两个子问题分别求解,然后对两个子问题的解计算最长公共前缀,即原问题的解。

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class Solution {
public String longestCommonPrefix(String[] strs) {
if(strs==null || strs.length==0){
return "";
}

return longestCommonPrefix(strs, 0, strs.length-1);
}


public String longestCommonPrefix(String[] strs, int start, int end){
if(start == end){
return strs[start];
}
int mid = (end - start) / 2 + start;
String lcpLeft = longestCommonPrefix(strs, start, mid);
String lcpRight = longestCommonPrefix(strs, mid+1, end);

int minLength = Math.min(lcpLeft.length(), lcpRight.length());
for(int i=0;i<minLength;i++){
if(lcpLeft.charAt(i) != lcpRight.charAt(i)){
return lcpLeft.substring(0,i);
}
}
return lcpLeft.substring(0,minLength);
}


}

时间复杂度:

  • 时间复杂度:$O(mn)$ 其中m 是字符串数组中的字符串的平均长度,n是字符串的数量。

    时间复杂度的递推式是 $T(n) = 2\cdot T(n/2) + O(m)$, 通过计算可得 $T(n) = O(mn)$

  • 空间复杂度 $O(mlogn)$ ,n为字符串数量。空间复杂度取决于递归调用的层数,层数最大为 logn,每层需要 m 的空间存储返回结果。

方法四:二分查找

虽然,最长公共前缀的长度不会超过字符串数组中的最短字符串的长度。

用 minLength 表示字符串数组中的最短字符串长度,则可以再 $[0,minLength]$ 的范围内通过二分查找找到最长公共前缀的长度。每次取查找范围的中间值mid, 判断每个字符串的长度为mid 的前缀是否相同,如果相同则最长公共前缀的长度一定大于或等于 mid, 如果不相同则最长公共前缀的长度一定小于mid, 通过上述方式将查找范围缩小一半,直到得到最长公共前缀的长度。

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class Solution {
public String longestCommonPrefix(String[] strs) {
if(strs==null || strs.length==0){
return "";
}

int minLength = Integer.MAX_VALUE
for(String str:strs){
minLength = Math.min(minLength, str.length());
}
int low = 0, high=minLength;
while(low < high){
int mid = (high - low + 1) /2 + low;
if(isCommonPrefix(strs, mid)){
low = mid;
}else{
high = mid-1;
}
}
return strs[0].substring(0,low);
}

public boolean isCommonPrefix(String[] strs, int length){
String str0 = strs[0].substring(0, length);
int count = strs.length;
for(int i=1;i<count;i++){
String str = strs[i];
for(int j=0;j<length;j++){
if(str0.charAt(j) != str.charAt(j)){
return false;
}
}
}
return true;
}

}